Die Hälfte der Bevölkerung zu Keulen hat aber exakt den gleichen Effekt, dass es den Kollaps nur aufschiebt. Mit einer Extraportion Leid für die Überlebenden. Und bei den Verdoppelungsraten müsste er das alle 100 Jahre wiederholen.

Leute, die vorher zum reichsten Prozent gehört haben, gehören nachher statistisch auch dazu. Ohne Änderung des Wirtschaftssystems wird die Umverteilung und Ausbeutung einfach weitergehen wie bisher. Zunächst halt etwas langsamer, weil nur 50% der Arbeitskräfte verfügbar sind.

Thanos’ Vorhaben ist also einfach nicht zielführend. Und er könnte eine Realität schaffen, in der die Bevölkerung nur noch beschränkt wächst, aber das will er offenbar nicht.

Flüssiges CO2 dauert ewig. Die Bohnen bleiben tagelang in einem Drucktank und werden immer wieder mit CO2 gespült. Das merkt man dann auch beim Preis.

Es gibt noch den Schweizer Wasserprozess, wo die grünen Bohnen in einem “Kaffee” aus den gleichen Bohnen einweichen und das Koffein aus diesem Kaffee immer wieder entfernt wird. Die anderen Stoffe sind aber im Gleichgewicht mit den Bohnen und werden so nicht aus den Bohnen gewaschen.

Ethylacetat ist jetzt auch kein Teufelszeug. Wie viele andere Ester kommt es in Früchten vor und wird bei Fermentation erzeugt. Klingt aber chemisch genug, dass jemand sich die Bezeichnung “Sugar Cane Process” ausgedacht hat.

In der Zerfallskette von Radon sind auch Zerfälle in angeregte Zustände, die Gammas freisetzen, z.B. 222Rn->218Po->214Pb->214Bi. Die ersten zerfallen mit einer Halbwertszeit von Minuten in den Grundzustand des jeweiligen Tochterkerns. Der letzte ist ein recht schneller beta- Zerfall, der neben dem Elektron auch bei ca. 60% der Zerfälle ein Gamma mit mehr als 100keV erzeugt. Der Geigerzähler sieht also einen guten Teil der Radon-Aktivität.

Qapla’!

x = 15

Denote the origin of the circle O and the points A, B, C clockwise starting from the left. From the isosceles triangle OAB we get 2 r sin(alpha/2) = 24, where alpha is the angle between OA and OB.

Construct the line orthogonal to OB that goes through C. The length of the line, h, between C and the intersection is h = 7 sin(beta) = x sin(90 - alpha). Denote the lengths of the parts of OB a and b, where a is connected to B. We have a + b = r

Use Thales circle theorem to find that the triangle ABA’ completes the red shape, with A’ on the circle opposite to A. That means that the angle between A’A and A’B is alpha/2, but A’OB is also an isosceles triangle. So the angle on the other side, beta, has to be the same. Thus, beta = alpha/2.

Now, put everything together: a = 7 cos (alpha/2), b = h cot(90 - alpha) = 7 sin(alpha/2) tan(alpha), r = 12 / sin(alpha/2).

a + b = r <=> cos(alpha/2) sin(alpha/2) + sin^2(alpha/2) tan(alpha) = 12 / 7

1/2 sin(alpha) + 1/2(1 - cos(alpha)) tan(alpha) = 12/7 <=> tan(alpha) = 24/7

From the identity for h we know that x = 7 sin(alpha/2) / cos(alpha). Insert alpha = arctan(24/7)

Beltalowda best at rock tossing! Not Olympic discipline, sasa que. Damn inyalowda.

https://youtu.be/jYFefppqEtE

I’ve been a four-star programmer a few times. Imagine a blocked symmetric matrix where the rows and columns are indexed by triples (u,v,w). The entries are zero whenever u != u’ or v != v’, and because of symmetry you only store entries with w <= w’. But the range of v depends on the value of u and the range of w on the value of v. So you do

double ****mat = calloc (UMAX, sizeof(*mat));
for (int u = 0; u < UMAX; ++u) {
  mat[u] = calloc (u + 1, sizeof(**mat));
  for (int v = 0; v <= u; ++v) {
    mat[u][v] = calloc (v + 1, sizeof(***mat));
    for (int w = 0; w <= v; ++w) {
      mat[u][v][w] = calloc (w + 1, sizeof(****mat));
      for (int ww = 0; ww <= w; ++ww)
        mat[u][v][w][ww] = some_function (u, v, w, ww);
    }
  }
}

and weep a little. In reality, this gets a bit optimized by allocating a single chunk of memory and carving that up into the pointer and data arrays, so everything is reasonably close together in memory.